有n个点，还有m条线连接着这些点，有两个人在其中两个点上，让这两个人相遇最快要多久
原题： 题目描述2010年11月3日，是一个难忘的日子。 腾讯发布消息：存360则，不留QQ。留QQ，则须卸360。 360则表示360与QQ可以共存。 这也就标志着腾讯与360的大战就此开始！ 现在，腾讯与360由于身处异地，非常迫切地想在最短的时间内相遇，然后干一架。但是由于双方的技术员都在努力地编程序想干掉对方，所以他们希望你来帮他们找到一个最好的方案使得相遇的时间最短。 在此我们定义“相遇”为：两个人皆在同一个有编号的城市上就可以了，并且这两个人均可以站在原地等另外一个人。也就是说，在这里我们不考虑两人在路中间相遇。
输入输入数据第一行：N和M（用空格隔开） 表示这是一个N*N的图并且有M条边,第二行到第M+1行 为这个图的详细信息。 每行共有被空格隔开的三个数：a b c。表示编号为a的城市到编号为b的城市 有一个双向边，并且要过这条双向边所需要花费的时间为c。 最后一行有两个数：S和T，S表示腾讯所处的城市（也就是深圳），T表示360所处的 城市（也就是北京）
输出输出只有一行，D，表示二者“相遇”的最短时间。当然，如果无法相遇则输出“Peace!”
输入样例 3 31 2 1 2 3 11 3 11 3 输出样例 1 说明[数据范围]每组都是n=5000 m=5000 并且保证运算过程中的所有值都不会超过117901063
解题思路：两次SPFA，找一个相遇点，连接并求最小就可以了
代码： #include<cstdio>#include<iostream>#include<cstring>#include<queue>using namespace std;int n,m,x,y,c,now,w,ans,t,b[5005],p[5005],bb[5005],head[5005];struct rec{int to,l,next;}a[10005];int main(){scanf("%d %d",&n,&m);for (int i=1;i<=m;++i){scanf("%d %d %d",&x,&y,&c);a[++w].to=y;//无向a[w].l=c;a[w].next=head[x];head[x]=w;a[++w].to=x;a[w].l=c;a[w].next=head[y];head[y]=w;}scanf("%d %d",&x,&y);memset(b,127/3,sizeof(b));t=b[1];queue<int>d;d.push(x);b[x]=0;//清零p[x]=1;while (!d.empty())//第一次SPFA{now=d.front();d.pop();for (int i=head[now];i;i=a[i].next)if (b[now]+a[i].l<b[a[i].to]){b[a[i].to]=b[now]+a[i].l;if (!p[a[i].to]){p[a[i].to]=1;d.push(a[i].to);}}p[now]=0;}memset(bb,127/3,sizeof(bb));d.push(y);bb[y]=0;p[y]=1;while (!d.empty())//第二次SPFA{now=d.front();d.pop();for (int i=head[now];i;i=a[i].next)if (bb[now]+a[i].l<bb[a[i].to]){bb[a[i].to]=bb[now]+a[i].l;if (!p[a[i].to]){p[a[i].to]=1;d.push(a[i].to);}}p[now]=0;}ans=2147483647;for (int i=1;i<=n;++i)//枚举点ans=min(ans,max(b[i],bb[i]));//求最优的if(ans==t||ans==2147483647) printf("Peace!");//无法到达else printf("%d",ans);//输出}
